您的当前位置:首页正文

安徽省淮南二中2016-2017学年高一下学期第一次月考数学试卷Word版含解析

2022-02-18 来源:汇智旅游网
2016-2017学年安徽省淮南二中高一(下)第一次月考数学试卷

一、选择题(共10小题,每小题4分) 1.化简 A.

B.

C.

=( ) D.

,则在上的投影为( )

C.

D.

2.已知A.﹣2 B.2 3.如果

是平面内所有向量的一组基底,那么( )

,其中m,n为实数

A.该平面内存在一向量不能表示B.若向量

与共线,则存在唯一实数λ使得

,则m=n=0

C.若实数m,n使得

D.对平面中的某一向量,存在两对以上的实数m,n使得4.在△ABC中,AB=A.

B.

C.

,AC=1,B=或

D.

,则△ABC的面积是( )

5.△ABC的内角A,B,C的对边分别是a,b,c,满足a2+bc≤b2+c2,则角A的范围是( ) A.6.若( ) A.1

B.﹣4 C.

D.

的军事基地C和D,测得红军的两

B.是夹角为

C.

D.

的单位向量,且,则=

7.蓝军和红军进行军事演练,蓝军在距离

支精锐部队分别在A处和B处,且∠ADB=30°,∠BDC=30°,∠DCA=60°,∠ACB=45°,如图所示,则红军这两支精锐部队间的距离是( )

A. B. C. D.

8.如图,在△ABC中,m的值为( )

,P是BN上的一点,若,则实数

A. B. C.1 9.在△ABC中,已知6

D.3 •

=2

=3

,则∠A=( )

A.30° B.45° C.120° D.135°

10.定义两个平面向量的一种运算⨂=||•||sinθ,其中θ表示两向量的夹角,则关于平面向量上述运算的以下结论中: ①

②l(⨂)=(l)⨂, ③若=l,则⨂=0,

④若=l且l>0,则(+)⨂=(⨂)+(⨂). 其中恒成立的个数是( ) A.5

二、填空题(共4小题,每小题4分)

11.已知||=6,||=8,且|+|=|﹣|,求|﹣|. 12.若平面向量,满足

=1,

平行于y轴, =(2,﹣1),则= .B.4 C.3 D.2

13.在△ABC中,角A,B,C的对边分别是a,b,c,若c﹣acosB=(2a﹣b)cosA,则△ABC的形状是 .

14.△ABC的三个内角A,B,C的对边分别是a,b,c,则:

①若cosBcosC>sinBsinC,则△ABC一定是钝角三角形; ②若acosA=bcosB,则△ABC为等腰三角形; ③

,若

; ,

,则△ABC为锐角三角形;

④若O为△ABC的外心,⑤若sin2A+sin2B=sin2C,以上叙述正确的序号是 .

三、解答题(12分+10分+10分+12分) 15.已知向量=(1,(1)求|﹣|;

(2)求向量﹣与的夹角;

(3)当t∈R时,求|﹣t|的取值范围.

),=(﹣2,0).

16.B,C的对边分别a,b,c,△ABC的三个内角A,已知

,且∥

(1)证明sinBsinC=sinA; (2)若a2+c2﹣b2=

ac,求tanC.

17.已知A、B分别在射线CM、CN(不含端点C)上运动,∠MCN=π,在△ABC中,角A、B、C所对的边分别是a、b、c. (1)若b﹣a=c﹣b=2.求c的值; (2)若c=

,∠ABC=θ,试用θ表示△ABC的周长,并求周长的最大值.

18.(2)如图,在△ABC中,D是BC的中点, ==,

(i)若•=4, •=﹣1,求

•≥

的值; •

恒成立,求证:2AC=BC.

(ii)若P为AD上任一点,且

2016-2017学年安徽省淮南二中高一(下)第一次月考数

学试卷

参考答案与试题解析

一、选择题(共10小题,每小题4分) 1.化简 A.

B.

C.

=( ) D.

【考点】向量的加法及其几何意义;向量的减法及其几何意义. 【分析】根据向量加法的混合运算及其几何意义即可求出. 【解答】解:故选:D 2.已知A.﹣2 B.2

C.

D.

,则在上的投影为( )

=( +)﹣(+)=﹣=,

【考点】平面向量的坐标运算.

【分析】根据投影的定义在上的投影为

【解答】解:根据投影的定义可得:故选:D 3.如果

===2,

,是平面内所有向量的一组基底,那么( )

,其中m,n为实数

A.该平面内存在一向量不能表示B.若向量

与共线,则存在唯一实数λ使得

,则m=n=0

C.若实数m,n使得

D.对平面中的某一向量,存在两对以上的实数m,n使得

【考点】平面向量的基本定理及其意义. 【分析】A,根据平面向量的基本定理可判定; B,若向量C,∴

=,不共线,

,则λ不存在;

时,当且仅当m=n=0.

D,根据平面向量的基本定理可判定 【解答】解:对于A,∵

是平面内所有向量的一组基底,根据平面向量

n为实数,,其中m,

的基本定理可得该平面任一向量一定可以表示故A错; 对于B,若向量对于C,∵

=,

,则λ不存在;

,是平面内所有向量的一组基底,∴不共线,

时,当且仅当m=n=0,故正确;

对于D,根据平面向量的基本定理可得该平面任一向量一定可以表示

,其中m,n为唯一实数对,故错;

故选:C

4.在△ABC中,AB=A.

B.

C.

,AC=1,B=或

D.

,则△ABC的面积是( )

【考点】正弦定理.

【分析】先由正弦定理求得sinC的值,进而求得C,根据三角形内角和求得A,最后利用三角形面积公式求得答案. 【解答】解:由正弦定理知∴sinC=∴C=或C=故选D

,A=,A=

=

=,

,S=AB•ACsinA=,S=AB•ACsinA=

5.△ABC的内角A,B,C的对边分别是a,b,c,满足a2+bc≤b2+c2,则角A的范围是( ) A.

B.

C.

D.

【考点】余弦定理.

【分析】由已知利用余弦定理可得cosA象和性质即可得解.

【解答】解:∵a2+bc≤b2+c2,可得:bc≤b2+c2﹣a2, ∴cosA=∵A∈(0,π), ∴A∈(0,故选:B. 6.若( ) A.1

B.﹣4 C.

D.

是夹角为

的单位向量,且

,则

=

].

=,

,结合A的范围,由余弦函数的图

【考点】平面向量数量积的运算. 【分析】因为

是夹角为

的单位向量,代入

后根据向量的数量积运算法则可得答案. 【解答】解:∵∴

=(2

+

)(﹣3

,+2

)=﹣6+2+=﹣

是夹角为

的单位向量

故选C.

7.蓝军和红军进行军事演练,蓝军在距离

的军事基地C和D,测得红军的两

支精锐部队分别在A处和B处,且∠ADB=30°,∠BDC=30°,∠DCA=60°,∠ACB=45°,如图所示,则红军这两支精锐部队间的距离是( )

A. B. C. D.

【考点】解三角形的实际应用.

【分析】先在△BCD中,求得BC的长,再求得AC的长,最后在△ABC中利用余弦定理,即可求得AB的长,即伊军这两支精锐部队的距离. DC=【解答】解:在△BCD中,∴

,∴BC=

,∠DBC=180°﹣30°﹣60°﹣45°=45°,∠BDC=30°,

在等边三角形ACD中,AC=AD=CD=在△ABC中,AC=∴AB=故选A.

,BC=

,∠ACB=45° =

8.如图,在△ABC中,m的值为( )

,P是BN上的一点,若

,则实数

A. B. C.1 D.3

【考点】平面向量的基本定理及其意义. 【分析】根据题意,设

,将向量

表示成向量

的一个线性组合,

再结合题中向量的等式,建立关于m、λ的方程组,解之即可得到实数m的值.

【解答】解:∵∴设

,(λ>0)得且=

=+

∴m=故选:A

,解之得λ=8,m=

9.在△ABC中,已知6•=2•=3•,则∠A=( )

A.30° B.45° C.120° D.135° 【考点】平面向量数量积的运算.

【分析】设△ABC的三边分别为a、b、c,由题意利用两个向量的数量积的定义可得6bc•cosA=﹣2ac•cosB=﹣3ab•cosC,再把余弦定理代入求得a2=5b2,c2=2b2,从而求得cosA=

的值,进而求得A的值.

=2

=3

【解答】解:设△ABC的三边分别为a、b、c,由已知6可得6bc•cosA=2ac•cos(π﹣B)=3ab•cos(π﹣C), 即 6bc•cosA=﹣2ac•cosB=﹣3ab•cosC. 再利用余弦定理可得6bc•化简可得a2=5b2,c2=2b2, ∴cosA=故选:D.

=﹣

,故A=135°,

=﹣2ac•

=﹣3ab•,

10.定义两个平面向量的一种运算⨂=||•||sinθ,其中θ表示两向量的夹角,则关于平面向量上述运算的以下结论中: ①

②l(⨂)=(l)⨂, ③若=l,则⨂=0,

④若=l且l>0,则(+)⨂=(⨂)+(⨂). 其中恒成立的个数是( )

A.5 B.4 C.3 D.2

【考点】平面向量数量积的运算.

【分析】根据由新定义,即可判断①;首先运用新定义,再当λ<0时,即可判断②;

由向量共线得到sinθ=0,即可判断③;先由向量共线,再由新定义,即可判断④.

【解答】解:对于①⊗=||•||sinθ=⊗,故恒成立,

对于②l(⨂)=l||•||sinθ,(l)⨂=|l|•||•||sinθ,当l<0时不成立, 对于③若=l,则θ=0°或180°,则sinθ=0,故⨂=0,故成立 对于④若=l且l>0,设与的夹角为α,则与的夹角为α 则+=(1+l),( +)⨂=(1+l)||•||•sinα,

(⨂)+(⨂)=||•||•sinα+||•||•sinα=l||•||•sinα+||•||•sinα=(1+l)||•||•sinα,故成立, 综上可知:只有①③④恒成立 故选:C

二、填空题(共4小题,每小题4分)

11.已知||=6,||=8,且|+|=|﹣|,求|﹣|. 【考点】平面向量数量积的运算. 【分析】由|+|=|﹣|平方可得算即可得到所求值.

【解答】解:由于|+|=|﹣|, 则(即有即有则|

12.若平面向量,满足2,0)或(﹣2,2) .

【考点】平面向量数量积的运算.

=1,

平行于y轴, =(2,﹣1),则= (﹣=0, |=

=

=10.

)2=(

=)2,

=0,再由向量的平方即为模的平方,计

【分析】根据共线向量的性质,以及向量模的坐标运算即可求出. 【解答】解:设=(x,y),﹣1),解得x=﹣2 又∵足

=11,∴(y﹣1)2=1

平行于y轴,得出

=(x+2,y﹣1)=(0,y

解得y=0,或y=2

∴=(﹣2,2)或(﹣2,0) 故答案为:(﹣2,2)(﹣2,0)

13.在△ABC中,角A,B,C的对边分别是a,b,c,若c﹣acosB=(2a﹣b)cosA,则△ABC的形状是 等腰或直角三角形 . 【考点】正弦定理.

【分析】由正弦定理将已知化简为三角函数关系式,可得cosA(sinB﹣sinA)=0,从而可得A=

或B=A或B=π﹣A(舍去),即可判断三角形的形状.

【解答】解:在△ABC中,∵c﹣acosB=(2a﹣b)cosA,C=π﹣(A+B), ∴由正弦定理得:sinC﹣sinAcosB=2sinAcosA﹣sinBcosA, ∴sinAcosB+cosAsinB﹣sinAcosB=2sinAcosA﹣sinBcosA, ∴cosA(sinB﹣sinA)=0, ∵cosA=0,或sinB=sinA, ∴A=

或B=A或B=π﹣A(舍去),

可得△ABC的形状是等腰或直角三角形. 故答案为:等腰或直角三角形.

14.△ABC的三个内角A,B,C的对边分别是a,b,c,则: ①若cosBcosC>sinBsinC,则△ABC一定是钝角三角形; ②若acosA=bcosB,则△ABC为等腰三角形; ③

,若

,则△ABC为锐角三角形;

④若O为△ABC的外心,

⑤若sin2A+sin2B=sin2C,

以上叙述正确的序号是 ①③④⑤ . 【考点】三角形中的几何计算.

【分析】对5个命题分别进行判断,即可得出结论.

【解答】解:①若cosBcosC>sinBsinC,则cosBcosC﹣sinBsinC=cos(B+C)>0, 即﹣cosA>0,cosA<0,则∠A为钝角,故△ABC一定是钝角三角形,正确. ②若acosA=bcosB,则由正弦定理得2rsinAcosA=2rsinBcosB,即sin2A=sin2B,则2A=2B或2A+2B=180,即A=B或A+B=90°,则△ABC为等腰三角形或直角三角形,错误; ③则

=tanA+tanB+tanC=(1﹣tanAtanB)tan(A+B)+tanC>0

tan(A+B)+tanC>tanAtanBtan(A+B)⇒0>tanAtanBtan(A+B) ∴必有A+B>

,且A,B都为锐角

∴C也必为锐角,

∴△ABC为锐角三角形,正确, ④O为△ABC的外心,=|

|•|

|cos<

=

•(|•|

)=

, |2﹣|

|2=(b2

,>﹣||•cos<,>=|

﹣c2),正确,

⑤若sin2A+sin2B=sin2C,则由正弦定理得a2+b2=c2,则△ABC是直角三角形, ∴(∴∵﹣

=﹣﹣+)•(•(,∴

﹣+

2

)=0, )+

=0,∴+

2

=﹣2,∴5

2

, =

2

=

2

+2+

2

,即结论成立.

故答案为①③④⑤.

三、解答题(12分+10分+10分+12分) 15.已知向量=(1,(1)求|﹣|;

),=(﹣2,0).

(2)求向量﹣与的夹角;

(3)当t∈R时,求|﹣t|的取值范围. 【考点】平面向量数量积的运算.

【分析】(1)由向量的加减运算和向量的模的公式,计算即可得到所求值; (2)求得(﹣)•=2﹣•=6,由向量的数量积的夹角公式,计算即可得到所求值;

(3)运用向量的平方即为模的平方,化简可得关于t的二次函数,配方即可得到最小值,即可得到所求范围. 【解答】解:(1)由向量=(1,所以﹣=(1,

),=(﹣2,0),

),|﹣|=

=2

)﹣(﹣2,0)=(3,

(2)由(﹣)•=2﹣•=4﹣(﹣2)=6, 可得cos<(﹣),>=由0≤<(﹣),>≤π, 所以向量﹣与的夹角为

=

=

(3)因为|﹣t|2=2﹣2t•+t22 =4t2+4t+4=4(t+)2+3,

当t=﹣时,上式取得最小值3. 所以当t∈R时,|﹣t|的取值范围是

16.B,C的对边分别a,b,c,△ABC的三个内角A,已知

,且∥

(1)证明sinBsinC=sinA; (2)若a2+c2﹣b2=

ac,求tanC.

【考点】余弦定理的应用.

【分析】(1)运用向量共线的坐标表示,结合正弦定理和两角和的正弦公式,化简整理即可得证;

(2)运用余弦定理和同角的基本关系式,计算即可得到所求值. 【解答】解:(1)证明:由可得

=

+

=,

+

=1,

,且∥,

由正弦定理可得

即有sinBcosC+cosBsinC=sinBsinC, 即为sin(B+C)=sinBsinC, 则sinBsinC=sinA; (2)由(1)

+

=1,

可得tanB+tanC=tanBtanC, 由a2+c2﹣b2=

ac,

=

=

由余弦定理可得,cosB=sinB=可得tanB=

==

, ,

则tanC===.

17.已知A、B分别在射线CM、CN(不含端点C)上运动,∠MCN=π,在△ABC中,角A、B、C所对的边分别是a、b、c. (1)若b﹣a=c﹣b=2.求c的值; (2)若c=

,∠ABC=θ,试用θ表示△ABC的周长,并求周长的最大值.

【考点】解三角形的实际应用.

【分析】(1)根据b﹣a=c﹣b=2.用c表示a,b,利用余弦定理即可求c的值;

(2)根据正弦定理求出AC,BC的长度,即可求出周长的最大值. 【解答】解:(1)∵b﹣a=c﹣b=2, ∴b=c﹣2,a=b﹣2=c﹣4>0,∴c>4. ∵∠MCN=π,

∴由余弦定理得c2=a2+b2﹣2abcosπ,

即c2=(c﹣4)2+(c﹣2)2﹣2(c﹣4)(c﹣2)×(﹣), 整理得 c2﹣9c+14=0,解得c=7,或c=2. 又∵c>4,∴c=7.

(2)在△ABC中,由正弦定理可得即

则AC=2sinθ,BC=2sin(

).

)+

=2sin(

=|AC|+|BC|+|AB|=2sinθ+2sin∴△ABC的周长f(θ)(+

),∴,即θ=

<π,

又∵θ∈(0,∴当

=

时,f(θ)取得最大值2+

18.(2)如图,在△ABC中,D是BC的中点,(i)若

=4,

=﹣1,求

•≥

的值; •

==,

(ii)若P为AD上任一点,且恒成立,求证:2AC=BC.

【考点】向量在几何中的应用.

【分析】(i)建立坐标系,设C(a,0),A(m,n),求出各向量的坐标,根据条件列出方程组解出a2和m2+n2,从而可得(ii)设P(λm,λn),根据

的值;

恒成立得出关于λ的不等式恒成立,

利用二次函数的性质得出△≤0,从而得出m,n和a的关系,带入距离公式化简即可得出结论. 【解答】解:(i)∵

=

=

,∴E,F为AD的四等分点.

以BC为x轴,以D为原点建立平面直角坐标系, 设B(﹣a,0),C(a,0),A(m,n),则E(∴

=n)n)(m+a,,=(m﹣a,,=(),∵

=(=4,

•,

), =﹣1, ,解得m2+n2=

,a2=.

),F(,),

,),=(

,),=(

∴•=

﹣a2+

=

(m2+n2)﹣a2=.

=((1﹣λ)m,(1﹣λ)n),

(ii)∵P为AD上任一点,设P(λm,λn),则=(a﹣λm,﹣λn), =(,),∴=∵

=(a﹣

,﹣

),

=(1﹣λ)m(a﹣λm)﹣(1﹣λ)λn2=(1﹣λ)(ma﹣λm2﹣λn2),•﹣•

=

恒成立,

)(m2+n2)≥0恒成立,

(m2+n2)+ma≥0恒成立, (m2+n2)+ma]≤0,

∴(﹣λ)ma+(λ2﹣λ+

即(m2+n2)λ2﹣(m2+n2+ma)λ+∴△=(m2+n2+ma)2﹣4(m2+n2)[

即(m2+n2)2﹣ma(m2+n2)+m2a2≤0,∴[(m2+n2)﹣ma]2≤0,

∴(m2+n2)=ma,即m2﹣2ma=﹣n2, ∴AC=又BC=2a, ∴2AC=BC.

=

=

=a,

2017年5月10日

因篇幅问题不能全部显示,请点此查看更多更全内容